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各地模拟考试题精选--导数
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各地模拟考试题精选--导数
官方公共微信这是个机器人猖狂的时代,请输一下验证码,证明咱是正常人~已知函数f(x)=lnx+x,g(x)=ax-x-1(a>0).(I)求函数F(x)=f(x)+g(x)在(0,e]上的最小值;_百度知道
提问者采纳
(I)函数F(x)=f(x)+g(x)=-1+lnx的定义域为{x|x>0}因为F′(x)=-2+,a>0时,解F′(x)>0,即-2+>0,得x>a,所以在(a,+∞)上F(x)单调递增,解F′(x)<0,即-2+<0,得0<x<a,所以在(0,a)上,F(x)单调递减,因此:当a<e时,函数在x=a处取得最小值F(a)=lna,当a>e时,函数在x=a处取得最小值F(e)=综上:当0<a≤e时,函数F(x)在区间(0,e]上最小值F(a)=lna;当a>e时,函数F(x)在区间(0,e]上最小值F(e)=;(II)∵方程2mf(x)=x2中唯一实数解,∴x2-2mlnx-2mx=0有唯一实数解,设g(x)=x2-2mlnx-2mx,∴g′(x)=2?2mx?2mx,令g′(x)=0,得x2-mx-m=0.∵m>0,∴△=m2+4m>0,方程有两异号根,设为x10,∵x>0,∴x1应舍去.当x∈(0,x2)时,g′(x)<0,g(x)在(0,x2)上单调递减,当x∈(x2,+∞)时,g′(x)>0,g(x)在(x2,+∞)上单调递增,当x=x2时,g′(x2)=0,g(x)取最小值g(x2).∵g(x)=0有唯一解,∴g(x2)=0,则2)=0g′(x2)=0,即
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(;锦州一模)已知函数f(x)=ax2+x-xlnx(a>0).
(1)若函数满足f(1)=2,且在定义域内f(x)≥bx2+2x恒成立,求实数b的取值范围;
(2)若函数f(x)在定义域上是单调函数,求实数a的取值范围;
(3)当<x<y<1时,试比较与的大小.
正在获取……
(为防止盗链,此处答案可能存在乱码,查看完整答案不会有乱码。)
解:(1)由f(1)=2,得a=1,又x>0,
∴x2+x-xlnx)≥bx2+2x恒成立-lnxx≥b,…(1分)
令g(x)=1-1x-lnxx,可得g(x)在(0,1]上递减,
在[1,+∞)上递增,所以g(x)min=g(1)=0,
即b≤0…(3分)
2a-1x,
g′(x)=0,x=12a,x∈(0,12a),g′(x)<0,x∈(12a,+∞),g′(x)>0,
∴x=12a时取得极小值,即最小值.
而当0<a<12e时,g(12a)=1-ln12a<0,
f′(x)=0必有根,f(x)必有极值,在定义域上不单调…(8分)
<
(2)f′(x)=2ax-lnx,(x>0),
令f′(x)≥0得:2a≥lnxx,设h(x)=lnxx,当x=e时,h(x)max=1e,
∴当a≥12e时,函数f(x)在(0,+∞)单调递增…(5分)
若0<a<12e,g(x)=2ax-lnx,(x>0),g′(x)=∴a≥12e…(9分)
(3)由(1)知g(x)=1-1+lnxx在(0,1)上单调递减,
∴1e<x<y<1时,g(x)>g(y)即1+lnxx<1+lnyy…(10分)
而1e<x<y<1时,-1<lnx<0,
∴1+lnx>0,
∴yx<1+lny1+lnx…(12分)
分析:(1)依题意,1-
x≥b,构造函数g(x)=1-
x,利用导数可求得g(x)min,从而可求得实>(3)由(1)知g(x)=1-
x在(0,1)上单调递减,从而可得,
e<x<y<1时,
y,进一步分实数b的取值范围;
(2)f′(x)=2ax-lnx,(x>0),令f′(x)≥0可求得a的范围,对a的范围分情况讨论可由f(x)在定义域上是单调函数,求得实数a的取值范围;