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甲乙两个用电器并联接入电路中，它们的电阻值比R甲：R乙=1：3，则通过它们的电流I甲：I乙=______．
题型：填空题难度：中档来源：不详
因为并联电压相等，所以I甲：I乙=R乙：R甲=3：1．故答案为：3：1．
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据魔方格专家权威分析，试题“甲乙两个用电器并联接入电路中，它们的电阻值比R甲：R乙=1：3，则通..”主要考查你对&&欧姆定律及其应用&&等考点的理解。关于这些考点的“档案”如下：
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欧姆定律及其应用
内容：通过导体的电流与导体两端的电压成正比，与导体的电阻成反比；公式：I=U/R，U表示导体两端的电压，单位是V；R表示导体的电阻，单位是Ω；I表示通过导体的电流，单位是A。
单位使用:使用欧姆定律时各物理量的单位必须统一,I的单位是A，U的单位是V，R的单位是Ω。解析“欧姆定律”： &&&& 欧姆定律是电学中的基本定律和核心内容，是贯穿整个电学的主线，下面我们从以下几个方面进行深入分析． 1．要理解欧姆定律的内容(1)欧姆定律中的关于成正比、成反比的结论是有条件的。如果说导体中的电流与导体两端的电压成正比，条件就是对于同一个电阻，也就是说在电阻不变的情况下；如果说导体中的电流与导体的电阻成反比，条件就是导体两端的电压不变。(2)注意顺序，不能反过来说，电阻一定时，电压跟电流成正比。这里存在一个逻辑关系，电压是原因，电流是结果。是因为导体两端加了电压，导体中才有电流，不是因为导体中通了电流才有了电压，因果关系不能颠倒。&&& 同样也不能说导体的电阻与通过它的电流成反比。我们知道，电阻是导体本身的一种性质，即使导体中不通电流，它的电阻也不会改变，更不会因为导体中电流的增大或减小而使它的电阻发生改变。 2．要知道欧姆定律的公式和单位 欧姆定律的表达式，可变形为U=IR和R=，但这三个式子是有区别的。(1)，是欧姆定律的表达式，它反映了通过导体的电流的大小跟导体两端所加的电压这个外部原因和导体本身的电阻这个内部原因之间的因果关系。(2)U=IR，当电流一定时，导体两端的电压跟它的电阻成正比。不能说成导体的电阻一定时导体两端的电压与通过的电流成正比，因为电压是形成电流的原因。电压的大小由电源决定，跟I、R无关，此式在计算比值时成立，不存在任何物理意义。(3)，此公式也是一个量变式，不存在任何物理意义。不能误认为导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比。公式中的I、U、R都要用国际单位，即电流的单位为安培，符号A；电压的单位为伏特，符号V；电阻的单位为欧姆，符号Ω，且有。 3．要明白定律的适用范围 (1)定律只适用于金属导电和液体导电，对于气体、半导体导电一般不适用。(2)定律只适用于纯电阻电路。如：电路中只接有电阻器、电热器、白炽灯等用电器的电路。对于非纯电阻电路，如：电动机电路、日光灯电路等，则不能直接应用。
4．要理解欧姆定律的注意事项(1)物理量的同一性。叙述欧姆定律时，在两个 “跟”字后面都强调了“这段导体”四个字，它是指对电路中同一导体或同一电路而言。所以在运用欧姆定律等进行计算时，必须注意同一性，即I、R、U必须是 同一导体或同一段电路中的物理量。在表示I、U、R 时，注意脚标的一一对应。(2)物理量的同时性。由于电路的连接方式发生改变，开关的断开或闭合，或滑动变阻器滑片的左右移动都可能使电路中总电阻发生变化，从而可能引起电路中电流和各部分电阻两端的电压发生变化。因此，必须注意在同一时刻、同一过程中的电压、电阻与电流的相互对应，不可将前后过程的I、R、U随意混用。利用欧姆定律进行计算：&& 根据串、并联电路的特点和欧姆定律的公式可进行有关计算。解题的方法是：(1)根据题意画出电路图，看清电路的组成(串联还是并联)；(2)明确题目给出的已知条件与未知条件，并在电路图上标明；(3)针对电路特点依据欧姆定律进行分析；(4)列式解答。例1如图所示的电路中，电阻尺。的阻值为10Ω。闭合开关S，电流表A1的示数为2A，电流表A2的示数为0．8A，则电阻R2的阻值为____Ω。
解析:闭合开关s，R1与R2并联，电流表A1测 R1与R2中的电流之和，即；电流表A2测R2中的电流I2，则，电源电压，则=15Ω
如何判断电压表、电流表的示数变化： 1．明确电路的连接方式和各元件的作用例如：开关在电路中并不仅仅是起控制电路通断的作用，有时开关的断开和闭合会引起短路，或改变整个电路的连接方式，进而引起电路中电表示数发生变化。2．认清滑动变阻器的连入阻值例如：如果在与变阻器的滑片P相连的导线上接有电压表，如图所示，则此变阻器的连人阻值就是它的最大阻值，并不随滑片P的滑动而改变。 3．弄清电路图中电表测量的物理量在分析电路前，必须通过观察弄清各电表分别测量哪部分电路的电流或电压，若发现电压表接在电源两极上，则该电压表的示数是不变的。 4．分析电路的总电阻怎样变化和总电流的变化情况。 5．最后综合得出电路中电表示数的变化情况。例1如图所示的电路中，电源两端电压保持不变，当开关S闭合时，灯L正常发光。如果将滑动变阻器的滑片P向右滑动，下列说法中正确的是(&& )A．电压表的示数变大，灯L变亮 B．电压表的示数变小，灯L变暗 C．电压表的示数变大，灯L变暗 D．电压表的示数变小，灯L变亮
解析：题中L、R1、R2三元件是串联关系，R2的滑片P向右滑动时，电路中总电阻变大，电流变小，灯L 变暗，其两端电压变小，电压表测除灯L以外的用电器的电压，电源总电压不变，所以电压表示数变大。所以选C项。
滑动变阻器滑片移动时，电表的示数变化范围问题：&&&& 解决此类问题的关键是把变化问题变成不变问题，把问题简单化。根据开关的断开与闭合情况或滑动变阻器滑片的移动情况，画出等效电路图，然后应用欧姆定律，结合串、并联电路的特点进行有关计算。
例1如图甲所示电路中，电源电压为3V且保持不变，R=10Ω，滑动变阻器的最大阻值R’=20Ω，当开关s闭合后，在滑动变阻器的滑片由A端移动到B 端的过程中，电流表示数的变化范围是______。
解析：把滑片在A点和B点时的电路图分别画出来，如图乙、丙所示，应用欧姆定律要注意I、U、R的同一性和同时性。滑片在A端时， 0．3A；滑片在B端时 =0．1A。
答案：0．3～0．1A欧姆定律知识梳理：用欧姆定律分析短路现象：&&&& 导线不通过用电器而直接连到电源两极上，称为短路，要是电源被短路，会把电源烧坏。还有一种短路，那就是用电器被短路。如图所示的电路中，显然电源未被短路。灯泡L1的两端由一根导线直接连接。导线是由电阻率极小的材料制成的，在这个电路中，相对于用电器的电阻来说，导线上的电阻极小，可以忽略不计。图中与L1并联的这段导线通过灯泡L2接在电源上，这段导线中就有一定的电流，我们对这段导线应用欧姆定律，导线两端的电压U=IR，由于R→0，说明加在它两端的电压U→0，那么与之并联的灯泡L1两端的电压U1=U→0，在L1上应用欧姆定律知，通过L1 的电流，可见，电流几乎全部通过这段导线，而没有电流通过L1，因此L1不会亮，这种情况我们称为灯泡L1被短路。&&&& 如果我们在与L1并联的导线中串联一只电流表，由于电流表的电阻也是很小的，情形与上述相同，那么电流表中虽然有电流，电流表有读数，但不是L1中的电流，电路变成了电流表与L2串联，电流表的读数表示通过L2的电流，L1被短路了。例：在家庭电路中，连接电灯电线的绝缘皮被磨破后可能发生短路，如果发生短路，则会造成(&& ) A．电灯两端电压增大 B．通过电灯的电流减小 C．电路中保险丝熔断 D．电灯被烧坏
解析由于发生短路时，电路中电阻非常小，由 欧姆定律知，电路中的电流将非常大，所以保险儿丝将熔断。
注意防雷：1．雷电现象及破坏作用&&&& 雷电是大气中一种剧烈的放电现象。云层之间、云层和大地之间的电压可达几百万伏至几亿伏。根据，云与大地之间的电压非常高，放电时会产生很大的电流，雷电通过人体、树木、建筑物时，巨大的热量和空气的振动都会使它们受到严重的破坏。因此，我们应注意防雷。避雷针就可以起到防雷的作用。2.& 避雷针&&&& 避雷针是金属做的，放在建筑物的高处，当电荷传至避雷针尖上时极易沿着金属线流入大地。这一电流通道可使云层和建筑物间的正、负电荷中和，使云层放出的电荷完全通过避雷针流人大地而不会损坏建筑物。
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520881126440253041810726009564908甲、乙两个用电器，甲的电功率比乙大，则说明
A、甲用电器电流做的功比乙多 B、甲用电器电流做功的时间比乙短 C、甲用电器电流做功比乙快 D、甲用电器电流做功用的时间一定比乙长
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黑龙江省哈尔滨市南岗区2015年中考物理二模试卷（解析版）
资料类别: /
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资料类型：中考真题
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资料概述与简介
黑龙江省哈尔滨市南岗区2015年中考物理二模试卷
一、选择题（共12小题，每小题3分，满分36分）
1．下列说法正确的是（　　）
| |A． |太阳系中的八大行星相对太阳是静止的
| |B． |龙卷风能够摧毁房屋，说明它具有较大的内能
| |C． |超声加湿器是利用声音能够传递信息将水“打碎”的
| |D． |在消耗相同质量核燃料的情况下，核聚变比核裂变放出的能量大得多
|运动和静止的相对性；声与能量；机械能；核聚变．.
|声现象；长度、时间、速度；机械能及其转化；能源的利用与发展．
|A、被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化， |
|则物体是静止的；
|B、龙卷风能摧毁房屋，拉倒大树，对房屋和大树做功，具有能量．
|C、声音能传递信息，也能传递能量．
|D、相同质量的核燃料，发生核聚变反应所释放出的核能比发生核裂变反应所释放的能量更加巨大．
|解：A、八大行星都绕太阳不停地转动，它们与太阳之间的相对位置不断发生变化，相对太阳是运动的．故A错误；
|B、龙卷风有很大的流动速度，具有很大的动能．故B错误．
|C、超声波在介质中传播时，振动频率很高，因而能量很大，超声加湿器就是利用声音能传递能量的这一特点制成的．故C错误；
|D、在消耗相同质量核燃料的情况下，发生核聚变反应所释放出的核能比发生核裂变反应所释放的能量更加巨大，故D正确．
|此题涉及到运动与静止的相对性、声与能量、机械能、核聚变等多个知识点，是一道综合性较强的题目．
2．（3分）（2015o南岗区二模）关于声现象，下列说法错误的是（　　）
| |A． |声音的传播需要介质，且以声波的形式向外传播
| |B． |音调的高低是由频率的大小决定的，频率越快，音调越高
| |C． |高分贝的声音不会对人体造成伤害
| |D． |利用声呐探测海水深度是声现象的应用之一
|声音的传播条件；频率及音调的关系；声音的等级和噪声的危害；声与信息．.
|（1）声音的传播需要介质，一切固体、液体、气体都能够传声，声音在介质中是以声波的形式传播的；
|（2）物体发出声音音调的高低与发声物体的振动频率有关，频率越高，音调就越高；
|（3）人们以分贝（dB）为单位来表示声音强弱的等级．0dB是人刚能听到的最微弱的声音，30～40dB之间人们较理想的安静环境；|
|70dB会干扰谈话，影响工作效率；长期生活在90dB以上的噪声环境中，听力会受到严重影响；
|（4）利用回声可以探测海底的深度．
|解：A、声音在介质中以声波的形式传播，故A正确；
|B、频率决定发声体振动的音调高低，频率越快，音调越高，故B正确；
|C、高分贝的声音会对人体造成严重的伤害，故C错误；
|D、利用声呐探测海底的深度，是因为声音可以传递信息，故D正确．
|此题综合声音的传播、声音的音调高低的影响因素、噪声的威海、声音与信息等知识，题目的难度不大，将基础知识与实际问题联|
|系在一起即可．
3．（3分）（2015o南岗区二模）关于光现象，下列说法正确的是（　　）
| |A． |小雪在练功房中对着平面镜练功，看到了自己在镜子中的实像
| |B． |寒冬，晓彤用冰对着太阳能够取火，需把冰磨成凸透镜
| |C． |街道上的红绿灯可以指挥交通，说明光可以传播能量
| |D． |激光能在钢板上打孔，说明光能够传播信息
|凸透镜的会聚作用；光的传播速度与光年；平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案．.
|光的传播和反射、平面镜成像；透镜及其应用．
|（1）平面镜成像特点：正立等大的虚像；
|（2）凸透镜对光线有会聚作用；
|（3）光可以传播信息；也可以传递能量．
|解：A、小雪在练功房中对着平面镜练功，由平面镜成像特点可知，看到了自己在镜子中的正立等大的虚像，故A错误；
|B、把冰磨成凸透镜，凸透镜对光线有会聚作用，对着太阳能够取火，故B确；
|C、街道上的红绿灯可以指挥交通，说明光可以传播信息，故C错误；
|D、激光能在钢板上打孔，说明光能够传播能量，故D错误．
|此题主要考查了平面镜成像特点，凸透镜对光线的会聚作用，等多个知识点，是一道综合性较强的题目．
4．（3分）（2015o南岗区二模）如图所示是晓彤探究某种物质熔化时温度随时间变化的图象，分析图象，下列说法错误的是（　　）
| |A． |该物质在BC段的内能不变
| |B． |该物质在BC段吸热不升温
| |C． |该物质在AB段的是固态
| |D． |该物质在实验过程中内能不断增大
|熔化和凝固的温度—时间图象．.
|温度计、熔化和凝固．
|改变物体的内能的方法：做功和热传递；
|由图象可知：AB段表示物质吸热升温；BC段是冰的熔化过程，吸热温度不升高；CD段是液态，吸热升温．
|AD、这是物质熔化时温度随时间变化的图象，所以整个过程，物质不断吸热，内能增加，故A说法错误，D正确；
|B、由图象，BC段物质处于熔化过程，吸热温度不升高，故B正确；
|C、由图象，AB段时物质温度低于熔点，是固态，故C正确．
|本题考查了内能的改变的理解和对熔化图象的认识，解题的关键是理解图象中每一阶段表示的含义及物质的状态．
5．（3分）（2015o南岗区二模）如图所示是两种将陷入泥地中熄火的同一小汽车缓慢解救出来的情景，关于该情境，下列说法正确的是（　　）
| |A． |拖拉机对小汽车施力的作用效果与同学们对小汽车施力的作用效果是相同的
| |B． |拖拉机对车的拉力大于同学们对车的推力
| |C． |拖拉机对小汽车做的功比同学们多
| |D． |无论同学们怎样施力，合力的大小都等于各力之和
|力的作用效果；力的合成与应用；功的大小比较．.
|运动和力；功、功率、机械效率．
|（1）力的作用效果有两个：一是改变了物体的形状，二是改变了物体的运动状态．
|（2）根据汽车受到的阻力情况，分析拖拉机对车的拉力与同学们对车的推力的大小情况．
|（3）根据功的公式W=Fs进行分析，
|（4）两个力在同一条直线上，方向相同时，合力大小等于两力大小之和；方向相反时，合力大小等于两力大小之差．
|A、拖拉机对小汽车施力把汽车从泥中救出，同学们对小汽车施力也把汽车从泥中救出，拖拉机对小汽车施力的作用效果与同学们 |
|对小汽车施力的作用效果是相同的，故A正确；
|B、把同一辆汽车救出需要的力是一定的，拖拉机把汽车从泥中救出和同学们把汽车从泥中救出所用的力是相同的，故B错误；
|C、根据功的计算公式W=Fs可知，拖拉机对小汽车做的功与同学们做的功一样多，故C错误；
|D、两个力在同一条直线上，方向相同时，合力大小等于两力大小之和；方向相反时，合力大小等于两力大小之差，故D错误．
|本题是一道综合性力学题目，考查的知识点较多，包括力的作用效果、影响阻力的因素、功的大小和力的合成．
6．（3分）（2015o南岗区二模）如图所示，晓彤在游乐园打铁滑梯时，感觉到越往下滑速度越快，到水平面上滑行一段距离后会停下来，下列说法正确的是（　　）
| |A． |在下滑过程中，摩擦力改变了晓彤的运动状态
| |B． |在下滑过程中，晓彤的动能增大，机械能不变
| |C． |整个过程中，晓彤的机械能最终转化为内能
| |D． |晓彤达到滑梯底部后，感觉到臀部有明显的摩擦起电现象
|动能和势能的大小变化；力的作用效果；做功改变物体内能．.
|分子热运动、内能；运动和力；机械能及其转化．
|A、下滑过程中，由于受到重力作用，重力沿滑梯的分力大于摩擦力，做加速运动；
|B、能量转化过程中，存在阻力，则机械能减小；
|C、克服阻力做功，机械能转化为内能；
|D、克服摩擦做功，内能增大温度升高．
|解：A、在下滑过程中，晓彤的速度加快，主要是因为受到重力的作用，A错误；
|B、在下滑过程中，晓彤的动能增大，但由于要克服摩擦，所以机械能减少，B错误；
|C、整个过程中，由于受到摩擦力的作用，晓彤最后会停下来，机械能最终转化为内能，C正确；
|D、克服摩擦做功，内能增大温度升高，晓彤达到滑梯底部后，感觉到臀部有明显的摩擦生热现象，D错误．
|本题主要考查了力和运动的关系、能量的转化及其判断、做功与物体内能的关闭，关键熟练掌握相关基础知识．
7．（3分）（2015o南岗区二模）如图所示，两个长方形鱼缸中装有质量相同的水，两条相同的鱼处在距鱼缸底部相同高度的位置．下列说法正确的是（　　）
| |A． |两条鱼所受的压强相等
| |B． |两条鱼所受的浮力相等
| |C． |两个鱼缸中水对容器底部的压强相等
| |D． |甲鱼缸比乙鱼缸中水对容器底部的压力大
|物体的浮沉条件及其应用；液体压强计算公式的应用．.
|错解分析题；压强、液体的压强；浮力．
|（1）由图判断出鱼所处的深度，利用p=ρgh比较鱼所受的压强；
|（2）利用阿基米德原理F浮=ρgV排判断鱼所受的浮力．
|（3）由图判断出水的深度，利用p=ρgh比较水对容器底部的压强；
|（4）由于鱼缸都是柱状容器，又放在水平地面上，则根据压力与液体的重力相等即可判断水对容器底部的压力．
|解：A、由图可知：甲鱼缸鱼所处的深度比乙鱼缸鱼所处的深度浅，根据p=ρgh可知乙鱼缸鱼所受的压强大，故A错误；
|B、由于两鱼大小相同，则排开的水的体积相同，根据F浮=ρgV排可知鱼所受的浮力相等，故B正确．
|C、由图可知：甲鱼缸水的深度比乙鱼缸水的深度浅，根据p=ρgh可知乙鱼缸鱼所受的压强大，故C错误；
|D、由于两个长方形鱼缸中装有质量相同的水，则根据G=mg可知鱼缸中水的重力相等；
|鱼缸都是柱状容器，又放在水平地面上，则压力与鱼缸中水的重力相等，所以水对容器底部的压力相等，故D错误．
|本题考查浮力大小的计算及液体压强的计算，关键是知道柱状容器中液体对底部产生的压力与液体的重力相等．
8．（3分）（2013o齐齐哈尔）标有“12V 12W”、“12V 6W”的灯L1和L2（假设灯丝电阻不变），若将它们串联在某电源上，两灯都发光，下列说法正确的是（　　）
| |A． |通过灯L1和L2的电流之比为2：1
| |B． |灯L1和L2的电阻之比为2：1
| |C． |灯L2比灯L1亮
| |D． |灯L1和L2的实际功率之比为2：1
|实际功率．.
|电能和电功率．
|已知两灯的额定电压和额定功率可求两灯的电阻，还知道两灯串联，所以电流相等．再根据选项所给条件逐一解决．
|解：A、两灯串联，所以电流相等，则通过灯L1和L2的电流之比为1：1，故A错误；
|B、R1===12Ω，R2===24Ω，则灯L1和L2的电阻之比为1：2；故B错误；
|C、将它们串联在某电源上，两灯都发光，由P=I2R可知灯L2比灯L1的实际功率大，故灯L2比灯L1亮．
|D、将它们串联在某电源上，两灯都发光，由P=I2R可知：===，故D错误．
|本题考查电功率的计算和欧姆定律的应用，以及电阻的串联．关键是知道灯泡的亮暗取决于实际功率的大小．
9．（3分）（2015o南岗区二模）关于家庭用电，下列说法错误的是（　　）
| |A． |家庭电路中往往配有三根导线，分别为相线、中性线和保护接地线
| |B． |家庭配电箱主要由电能表、电源总开关、漏电保护器等组成
| |C． |漏电保护器可以对人身触电、导线漏电、插座接错线及用电器短路等故障起保护作用
| |D． |楼道中的声光控开关中的声控传感元件和光控传感元件是并联的
|家庭电路的组成；家庭电路的连接．.
|电与热、生活用电．
|根据家庭电路的导线组成、配电箱的组成、漏电保护器的作用，声光控开关的工作原理，可对选项中的描述逐一做出判断．
|解：A、家庭电路中往往配有三根导线，分别为相线（火线）、中性线（零线）和保护接地线，故A正确；
|B、由用电常识可知，家庭配电箱主要由电能表、电源总开关、漏电保护器等组成，故B正确；
|C、由漏电保护器在电路中的作用可知，漏电保护器可以对人身触电、导线漏电、插座接错线及用电器短路等故障起保护作用，故C|
|D、楼道中的声光控开关中的声控传感元件和光控传感元件同时工作时才会对灯泡起到控制作用，所以二者是串联的，故D错误．
|对家庭电路的组成有一个明确的认识，对家庭电路中的元件及作用充分的了解，才能顺利解答此题．
10．（3分）（2015o南岗区二模）晓彤和小雪利用气球可以做许多实验，下列说法正确的是（　　）
| |A． |图甲，将气球放入玻璃杯中，吹鼓气球后，提起气球，能把杯子吊在空中，此时气球对杯子的摩擦力大于瓶子的重力
| |B． |图乙，在玻璃管一端系一个装有红色水的气球，放入装水的玻璃杯中，根据玻璃管中水面的变化，可以测量液体的压强
| |C． |图丙，用吹胀的气球做小车前进的动力，使小车受到的合力为零
| |D． |图丁，用开水烫过的玻璃杯扣在气球上，玻璃杯能“吸”在气球上，说明此时玻璃杯中的气压小于气球内的气压
|二力平衡条件的应用；力与运动的关系；液体的压强的特点；大气压强的存在．.
|运动和力；压强、液体的压强；气体的压强、流体压强与流速的关系．
|A、瓶子静止，处于平衡状态，根据平衡力的知识分析；
|B、管内水柱的高度反映了气球内液体的压强大小；
|C、处于平衡状态的物体受合力为零；
|D、将气球作为研究对象分析．
|解：A、瓶子静止，所以受平衡力，此时气球对杯子的摩擦力等于瓶子的重力，A错误；
|B、在玻璃管一端系一个装有红色水的气球，放入装水的玻璃杯中，根据玻璃管中水面的变化可以判断液体压强的变化，不能测量 |
|压强的大小，B错误；
|C、用吹胀的气球做小车前进的动力，此时气球的反冲力大于小车受到的阻力，小车前进，合力不为零，C错误；
|D、用开水烫过的玻璃杯扣在气球上，由于玻璃杯内的气体膨胀后气体密度减小，气压小于气球内的气压，所以玻璃杯能“吸”在气 |
|球上，D正确．
|此题主要考查了二力平衡条件的应用，同时涉及到了气体压强、液体压强的有关知识，关键要理解实验现象的原因．
11．（3分）（2015o南岗区二模）晓彤和小雪对两个电路元件的电压与电流进行了测量，绘制了如图所示的图象，根据图象，下列说法正确的是（　　）
| |A． |甲元件的电阻随电功率的增加而减小
| |B． |甲、乙串联在6V电压下，甲元件的电功率比乙大
| |C． |甲、乙并联在3V的电压下，甲元件的功率为0.9W
| |D． |当甲、乙的电阻相同时，甲、乙的总功率为7.2W
|电功率的计算．.
|应用题；电能和电功率．
|（1）分析甲元件电流和电压变化量之间的关系，根据R=判断甲元件随温度的变化；
|（2）甲、乙串联在6V电压下时，通过它们的电流相等，且电源的电压等于两元件的电压之和，根据图象读出符合的电流与电压值 |
|，根据P=UI比较两者电功率之间的关系；
|（3）甲、乙并联在3V的电压下，它们两端的电压相等，根据图象读出通过甲元件的电流，根据P=UI求出甲元件的电功率；
|（4）从图象中读出乙任意一组电流和电压值，根据欧姆定律求出乙的电阻，当甲、乙的电阻相同时，根据图象读出符合要求甲的 |
|电流和电压值，根据P=UI求出甲乙的电功率，然后求出两者之和．
|解：（1）由电路图可知，甲两端的电压增大时，通过的电流增大，灯泡的实际功率增大，温度升高，
|且电压的变化量△U先小于电流的变化量△I，后大于电流的变化量△I，
|由R=可知，甲元件的电阻随温度的增加先减小后增大，故A错误；
|（2）因串联电路中总电压等于各分电压之和，且各处的电流相等，
|所以，由图象可知，电路中的电流I=0.4A，U甲=2V，U乙=4V时符合，
|由P=UI可知，甲元件的电功率比乙小，故B错误；
|（3）因并联电路中各支路两端的电压相等，
|所以，甲、乙并联在3V的电压下，两元件两端的电压均为3V，
|由图象可知，甲元件通过的电流0.5A，
|则甲元件的功率P甲=U乙′I甲′=3V×0.5A=1.5W，故C错误；
|（4）由图象可知，U乙″=6V时，通过的电流I乙″=0.6A，
|则R乙===10Ω，
|当甲、乙的电阻相同时，由图象可知，U甲″=6V，I甲″=0.6A时符合，
|两元件消耗的电功率分别为：
|P甲′=U甲″I甲″=6V×0.6A=3.6W，P乙′=U乙″I乙″=6V×0.6A=3.6W，
|甲、乙的总功率：
|P总=P甲′+P乙′=3.6W+3.6W=7.2W，故D正确．
|本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活运用，关键是根据图象读出相关的信息．
12．（3分）（2015o南岗区二模）如图所示，晓彤和小雪自制了一些实验器材，关于它们的工作原理，下列说法正确的是（　　）
| |A． |图甲是简易的热机，它是利用机械能转化为内能来工作的
| |B． |图乙是电磁秋千，它是利用磁极间的相互作用来工作的
| |C． |图丙是皮筋动力小车，它是利用平衡力来使车前进的
| |D． |图丁是泡沫塑料切割机，它是利用电流的磁效应来工作的
|磁极间的相互作用；力作用的相互性；内能的利用及其意义；电流的热效应、化学效应和磁效应．.
|其他综合题．
|（1）利用内能做功的机器叫做热机，在做功冲程中将高温高压燃气的内能转化为活塞运动的机械能．
|（2）同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引．
|（3）转动螺旋桨，与其连接的皮筋扭转并绷紧，橡皮筋的弹性势能增大；松手后，橡皮筋的弹性势能转化为螺旋桨的动能；螺旋 |
|桨前后两方空气流速不同，产生压强差，空气给螺旋桨前进的动力．
|（4）电动机的原理是利用通电导体在磁场中受到力的作用的原理制成的．
|A、热机是利用内能来工作的机器，将内能转化为机械能，故A错误；
|B、电磁秋千是利用同名磁极相互排斥原理工作的，故B正确；
|C、转动螺旋桨，与其连接的皮筋扭转并绷紧，橡皮筋的弹性势能增大，松手后，橡皮筋的弹性势能转化为螺旋桨的动能；螺旋桨 |
|前后两方空气流速不同，产生压强差，空气给螺旋桨前进的动力，故C错误；
|D、泡沫塑料切割机，它是利用通电导体在磁场中受到力的作用的原理制成的，故D错误．
|本题考查了物理中的有关实验及其原理，物理为实验学科，很多知识来自于实验，故应注意对实验学习的重视，掌握好实验的原理|
二、非选择题（共计46分）
13．（2分）（2015o南岗区二模）某同学在看书时，要把书拿远才能看清，这是一种　远视眼　（选填“近视眼”、“远视眼”），在矫正时，需佩戴　凸透镜　（选填“凸透镜”、“凹透镜”）．
|远视眼的成因与矫正办法．.
|透镜及其应用．
|远视眼的成因是只能看清远处的物体，看不清近处的物体，晶状体太薄，折光能力太弱，或者眼球在前后方向上太短，因此来自远|
|处点的光会聚在视网膜后．
|解：产生远视眼的原因是，晶状体太薄，折光能力太弱，近处的物体的像成在视网膜之后，因此某同学在看书时总把书拿的离眼睛|
|很远才能看清楚，这说明该同学的眼睛是远视眼，可以用凸透镜的镜片进行矫正．
|故答案为：远视眼；凸透镜．
|本题主要考查学生对眼睛及其视物原理的了解和掌握，以及对远视眼的成因和矫正方法的掌握．
14．（2分）（2015o南岗区二模）从力臂的定义上看，力臂是由　力的方向　和　力的作用点　共同决定的，它包含了力的两个要素．
|杠杆及其五要素．.
|简单机械．
|力臂即点到线的距离：支点到力的作用线的距离．
|解：力臂是指从支点到力的作用线的距离，由定义可知：力的方向和力的作用点影响力臂的大小．
|故答案为：力的方向；力的作用点．
|此题考查了力臂的影响因素，注意力臂不是从支点到力的作用点的距离．
15．（2分）（2015o南岗区二模）晓彤利用细线将木块拉入水中静止时如图所示，可以感受到浮力的方向是　竖直向上　．此时，木块受到　三　个力的作用，使其保持平衡状态．
|浮力的利用．.
|浸在液体中的物体受到竖直向上的浮力．当木块在细线的作用下静止时，受到重力、浮力和拉力的作用．
|解：利用细线将木块拉入水中静止时，可以看到细线始终在竖直方向，因此可判断浮力的方向是竖直向上的；
|此时，木块受到重力、浮力和细线拉力共三个力的作用，使其保持平衡状态．
|故答案为：竖直向上； 三．
|知道浮力的方向始终竖直向上，并能对木块进行受力分析，是解答的关键．
16．（2分）（2015o南岗区二模）比热容反映了物质的吸、放热的　能力（本领）　，它的大小与物体的质量、温度变化及吸放热的多少　无　（填“有”、“无”）关系．
|比热容的概念．.
|比热容、热机、热值．
|单位质量的某种物质温度升高1℃所吸收的热量叫做这种物质的比热容；比热容是物质的一种特性，和物体吸收热量的多少、温度的|
|高低、质量的大小都没有关系，只与物质的种类、状态有关．
|比热容是物质的一种特性，是反映物质吸热或放热能力（本领）的强弱的物理量；比热容决定于物质的种类和状态，与吸收热量的|
|多少、升高温度的多少、质量的多少没有关系．
|故答案为：能力（本领）；无．
|此题考查的是我们对比热容物理意义的理解，知道比热容与物质种类和状态有关，与其它因素都没有关系．
17．（2分）（2015o南岗区二模）晓彤将几个小彩灯串联起来使用，优点是可以承担更大的电源电压，不足是　一只灯泡断路，其它都不能工作　；小雪将这些小彩灯并联起来使用，不足之处是　灯泡两端电压过高，容易烧坏灯泡　．
|电路的基本连接方式．.
|电流和电路．
|①串联电路具有分压作用，用电器工作过程互相影响；
|②并联电路各支路两端电压相等，用电器工作过程互不影响．
|串联电路总电压等于各用电器两端电压之和，小彩灯串联使用，虽然可以承担更大的电源电压，但灯泡互相影响，如果一只灯泡断|
|路，其它都不能工作；
|并联电路用电器工作过程互不影响，小彩灯并联使用，一个损坏不影响其它的工作；但各支路两端电压相等，会导致灯泡两端电压|
|过高，容易烧坏灯泡．
|故答案为：一只灯泡断路，其它都不能工作；灯泡两端电压过高，容易烧坏灯泡．
|此题考查的是我们对串联电路、并联电路特点的理解和应用，是一道联系实际的应用题，难度不大．
18．（2分）（2015o南岗区二模）如图所示是一个小鸟自动饮水玩具，只要这个玩具小鸟面前有水它就会不断点头饮水．这个玩具小鸟的工作原理是　杠杆的平衡条件　．若将小鸟的头部所受重力看做动力，尾部所受重力看做阻力，在小鸟工作到图示位置时，应满足的条件是　动力×动力臂＜阻力×阻力臂　．
|杠杆的应用．.
|简单机械．
|能绕着固定点转动的硬棒叫杠杆．图中玩具小鸟是利用了杠杆的平衡条件，即F1L1=F2L2．
|解：读图可知，这个玩具的结构符合杠杆的特点，其工作原理是杠杆的平衡条件；
|若将小鸟的头部所受重力看做动力，尾部所受重力看做阻力，在小鸟工作到图示位置，即尾部下沉、头部抬起时，应满足的条件是|
|动力×动力臂＜阻力×阻力臂．
|故答案为：杠杆的平衡条件； 动力×动力臂＜阻力×阻力臂（F1L1＜F2L2）．
|能根据玩具的结构特点得出其是一条杠杆，并根据杠杆的平衡条件分析其相应的工作过程，是解答此题的关键．
19．（2分）（2015o南岗区二模）调光台灯的调节旋钮下面的元件是　滑动变阻器　，它实质是通过改变　电阻丝接入电路中的长度（来改变电阻）　起到调节作用的．
|滑动变阻器的使用．.
|电压和电阻．
|了解滑动变阻器的应用及工作原理：移动滑片来改变连入电路电阻丝的长度，改变接入电路的电阻，改变电路中的电流．
|解：调光台灯的调节旋钮下面的元件相当于一个滑动变阻器，它实质是通过改变电阻丝接入电路中的长度来改变电阻，起到调节作|
|故答案为：滑动变阻器；电阻丝接入电路中的长度（来改变电阻）．
|掌握滑动变阻器的工作原理、在电路中的作用等可顺利解答．
20．（2分）（2013o齐齐哈尔）如图所示的电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，开关S闭合后，滑动变阻器滑片向左移动时，电流表的示数　变大　，电压表示数与电流表示数之比　不变　．（两空均选填“变大”、“变小”或“不变”）
|欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用．.
|应用题；动态预测题；欧姆定律．
|（1）由电路图可知，电阻R1与滑动变阻器R2串联，电流表测电路电流；当P向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，电路总|
|电阻变小，电源电压不变，由欧姆定律可以判断电流表示数变化情况．
|（2）由电路图知，电流表测电路电流，电压表测电阻R1两端电压，由欧姆定律可以判断电压表与电流表示数之比如何变化．
|2解：（1）当P向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，
|电路总电阻R变小，电源电压U不变，由I=可知电路电流变大，电流表示数变大．
|（2）由电路图知，电流表测电路电流，电压表测电阻R1两端电压U1，
|由欧姆定律可知R1=，由于电阻R1不变，则电压表与电流表示数的比值不变．
|故答案为：变大；不变．
|分析清楚电路结构，明确电压表与电流表所测的量，熟练应用欧姆定律是正确解题的关键．
21．（2分）（2013o齐齐哈尔）电子式电能表表盘上标有“3000imp/kWoh”的字样（imp表示电能表指示灯闪烁次数），将某用电器单独接在该电能表上，正常工作30min，电能表指示灯闪烁了300次，则该用电器在上述时间内消耗的电能是　0.1　kWoh，该用电器的功率是　200　W．
|电能表参数的理解与电能的求法．.
|压轴题；电能和电功率．
|3000imp/kWoh表示的是电路中每消耗1kWoh的电能，电能表指示灯闪烁3000次，或者表示电能表指示灯每闪烁1次，电路中消耗[pic|
|]kWoh的电能，求出指示灯闪烁300次电路中消耗的电能．然后求出用电器的功率．
|解：3000imp/kWoh表示电能表指示灯每闪烁1次，电路中消耗kWoh的电能，
|指示灯闪烁300次，电路消耗电能为：W=300×kWoh=0.1kWoh，
|用电器的功率：P===0.2kW=200W．
|故答案为：0.1；200．
|本题考查了电能表的参数的理解与电能的求法以及电功率的计算，这是利用电能表测量功率的一种类型习题，一定要熟练掌握．
22．（2分）（2015o南岗区二模）如图所示，晓彤利用两种方法把油桶从A点运到卡车上的C点，第一种方法是：把油桶立在地面上，从A点推到B点，再将油桶从B点举到C点；第二种方法是：将油桶沿斜面从A点滚到C点．感觉第二种方法更好，其道理是　滚动摩擦比滑动摩擦小（得多），在高度一定时，斜面越长越省力（利用斜面可以省力）　．
|摩擦力大小的影响因素；轮轴及其他常见简单机械．.
|重力、弹力、摩擦力；简单机械．
|根据影响摩擦力大小的因素和斜面的作用进行分析：滚动摩擦力远小于滑动摩擦力；斜面是省力机械．
|解：把油桶立在地面上，从A点推到B点，属于滑动摩擦力，将油桶沿斜面从A点滚到C点，属于滚动摩擦，滚动摩擦力远小于滑动摩|
|擦力，且斜面是一种省力机械，将物体提升到相同的高度，斜面越长越省力，所以第二种方法比第一种方法好．
|故答案为：滚动摩擦比滑动摩擦小（得多），在高度一定时，斜面越长越省力（利用斜面可以省力）．
|本题主要考查了影响摩擦力大小的因素及对斜面知识的掌握，体现了物理与生活的联系，在学习有关知识的同时要学会应用．
三、解答题（共6小题，满分26分）
23．（2分）（2015o南岗区二模）小雪在A点看到水中物体S的像在S′点，请你画出一条看到物体像S′的光路图．
|作光的折射光路图．.
|光的折射、光的色散．
|本题的难点是折射点的确定，折射点应该在AS′连线与水面交点的左侧，确定折射点后，补出入射光线和折射光线，满足光由空气 |
|斜射进入水中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角的规律．
|解：连接AS′交水面于点O，过O点垂直水面作出法线，连接SO画出入射光线，连接OA画出折射光线，如图所示：
|注意本题折射点的确定．熟记光的折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当|
|光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角；当光由水中或其它透明介质斜射进入空气|
|中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角．
24．（2分）（2015o南岗区二模）根据如图所示电源的“+”、“﹣”极，在通电螺线管上标出其磁极，并画出通过小磁针的磁感线．
|通电螺线管的极性和电流方向的判断；磁感线及其特点．.
|磁现象、电生磁．
|由右手螺旋定则可判出螺线管的磁极，由外部磁感线的特点可知小磁针所在位置的磁场方向，则可知小磁针的指向．
|解：由图可知电流由下后侧流入，则由右手螺旋定则可得螺线管上侧为N极；因磁体的外部磁感线由N极指向S极，小磁针所在位置 |
|的磁场向下，故小磁针的下端是N极，上端应为S极；如图所示：
|右手螺旋定则属于考查的重点，要求我们能熟练应用右手螺旋定则根据电流方向判断磁极方向，或根据磁极方向判电流方向．
25．（5分）（2015o南岗区二模）细心的小雪发现利用如图所示的实验既可以探究光的反射特点，又可以探究光的折射特点，图中是光从空气射入水中时的光路．实验中发现，反射光线、折射光线与入射光线及法线在同一平面内，反射光线、折射光线分别和入射光线位于法线的两侧．通过实验还得到如下数据，根据实验现象及表中数据，可得出结论：
（1）光从空气射到水面时，发生了　反射和折射　现象；
（2）光从空气斜射到水面时，当入射角增大时，你所发现其它角的变化特点是　反射角和折射角都增大　．
（3）根据表中信息，你还能够得出的结论是：　①光从空气垂直射入水中时，反射角、折射角及入射角都等于0度；
②光从空气斜射入水中时，反射角等于入射角；折射角小于入射角　．
|光学实验设计与探究．.
|光的传播和反射、平面镜成像；光的折射、光的色散．
|光从空气射到水面时，会同时发生反射和折射，根据表中记录的数据，可判断入射角增大时反射角和折射角的变化；
|可从表中数据得出各角度的变化规律，同时也可得出当入射光线垂直入射时反射角和折射角的情况．
|解：（1）由图中可以看出，当光从空气射到水面时，同时发生了反射和折射现象；
|（2）由表中数据可知，当入射角从0°→15°→30°→45°→60°，逐渐增大时，反射角和折射角也都随之逐渐增大；
|（3）分析表中的数据，还可得出的结论包括：①光从空气垂直射入水中时，反射角、折射角及入射角都等于0度，即传播方向不变 |
|②光从空气斜射入水中时，反射角等于入射角；折射角小于入射角．
|故答案为：
|（1）反射和折射；
|（2）反射角和折射角都增大；
|（3）①光从空气垂直射入水中时，反射角、折射角及入射角都等于0度；
|②光从空气斜射入水中时，反射角等于入射角；折射角小于入射角．（其它答法合理即可）
|本题通过实验探究了光的反射和折射规律，尤其是对角度的变化进行了详细的记录，能正确分析表中的数据，找出相应的规律是解|
|答的关键．
26．（5分）（2015o南岗区二模）如图所示是“探究通过导体的电流与电压、电阻的关系”的电路图．所用实验器材是：电源电压恒为6V、电流表（0～0.6A）、电压表（0～3V）、电阻箱、滑动变阻器、开关、导线若干．
（1）探究电流与电压的关系时，所测得的几组电流、电压值见表1．分析表中数据可知：电阻箱接入电路的阻值为　5　Ω；得出的实验结论是　在电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比　．
（2）①探究电流与电阻的关系时，调节电阻箱，依次改变电阻箱接入电路中的阻值，并调节滑动变阻器，使电压表的示数保持相同，读出电流值，所测得几组数据见表2．分析表中数据可知：电阻箱两端的电压为　2　V．
②根据上述实验过程，具体说明在改变电阻时，实验中怎样控制电压不变？
|探究电流与电压、电阻的关系实验．.
|探究型实验综合题．
|（1）根据R=计算电阻值；
|分析数据得出电流与电压的正比例关系；
|（2）根据U=IR计算出电压值；
|分析数据，得出电流与电阻的反比例关系；
|改变电阻闭合开关前，滑片在最大阻值处，闭合开关后通过调节变阻器使电压表的示数不变．
|解：（1）由表1其中一组数据知，R===5Ω；
|由表一中数据知，电阻不变，电压与电流的比值为定值，可得在电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比；
|（2）①由表二中数据知，U=IR=0.4A×5Ω=2V；
|②更换电阻后，将滑片移至最大阻值处，闭合开关，将变阻器的滑片从最大阻值端向另一端移动，观察电压表的示数，直到电压表 |
|示数与原来相同．
|故答案为：（1）5；在电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比；
|（2）①2；②断开开关，更换电阻后，将滑片移至最大阻值处，闭合开关，将滑动变阻器的滑片从最右端向左移（或从阻值最大端向|
|阻值最小端移动），同时观察电压表示数到与原来一样为止．
|此题是探究通过导体的电流与电压、电阻的关系，注意控制变量法在此实验中的应用，滑动变阻器在此实验中的作用也是相当重要|
27．（6分）（2015o南岗区二模）晓彤和同学们在进行探究“压力的作用效果与哪些因素有关”的实验，他们所用的器材除了一些相关的测量仪器外，还有形状相同的长方体泡沫块和铁块、适当大小的海棉块，如图所示．
（1）实验中同学们选择海棉块作为实验器材的主要原因是　海绵容易发生形变　．实验中，压力的作用效果是通过　海绵的形变程度　来体现的．
（2）同学们先将泡沫块平放、侧放、竖放在海绵块上进行实验，发现实验现象不明显，原因是　泡沫块的压力太小　．
（3）晓彤利用铁块进行实验，记录的实验现象如（表一）所示，得出的结论是　在压力一定时，受力面积越小，压力作用效果越明显　．
（4）他又在老师的指导下进行了计算，得出了更进一步的结论：压力的作用效果越明显，压力与其受力面积的比值越大．请你根据晓彤同学记录的实验现象（表一）及其他测量的数据（表二），通过计算证明晓彤的结论是正确的．（要求写出证明过程）
|长方体铁块质量m/kg
|长方体的长a/m
|长方体的宽b/m
|长方体的厚c/m
|探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验．.
|探究型实验综合题．
|（1）在实验中，压力的作用效果通过海绵的形变来反映，所以利用了海绵易形变的特点；
|（2）只有压力较大时，形变的效果才会明显，所以为了实验效果，应保持一定的压力；
|（3）影响压力作用效果的因素是压力大小和受力面积大小，据此得出结论；
|（4）根据表中数据，计算压力与受力面积的比值，并进行比较．
|解：（1）海绵（较软）易发生（弹性）形变，便于观察（和比较）压力的作用效果，所以我们选择海绵来进行实验；同时，压力 |
|的作用效果是通过海绵的形变大小反映出来的．
|（2）由题意可知，泡沫块的重力很小，对海绵产生压力的作用效果不明显，所以不易比较压力的作用效果；
|（3）由表一中的实验数据可得：在压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显；
|（4）由表二得：
|平放时：===1562.5N/m2
|侧放时：===3125N/m2
|竖放时：===6250N/m2
|所以，＜＜．
|结合表一的现象可知：铁块平放、侧放、竖放时，压力作用效果越来越明显，所以晓彤的结论正确．
|故答案为：（1）海绵容易发生形变；海绵的形变程度；
|（2）泡沫块的压力太小；
|（3）在压力一定时，受力面积越小，压力作用效果越明显；
|（4）计算和证明过程同上．
|在本题的解答中，明确选择海绵的意义，影响压力作用效果的因素，会运用数据进行相关计算，正确运用控制变量法，是解答的关|
28．（6分）（2015o南岗区二模）近几年，我市开始推广使用乙醇汽油．乙醇汽油是由乙醇和普通汽油按一定比例混配形成的能源．晓彤和小雪对某品牌的轿车进行了调查，得到的信息是：“自重”1.5t，车轮与地面的总接触面积0.08m2，该车运动的速度v与时间t的关系图象如图所示．
（1）若车对地面的压强为2.24×105Pa，则车上乘客的总重是多少？（g=10N/kg）
（2）根据图象描述出该轿车25min内的运动情况？
（3）若该轿车以60kW的恒定功率启动做直线运动，运动过程中受到的阻力不变，若轿车匀速行驶1.8km，该轿车做功多少焦耳？
（4）请你说出两条使用乙醇汽油做汽车的燃料的优点．
|压强的大小及其计算；功的计算．.
|计算题；压强、液体的压强；功、功率、机械效率．
|（1）根据压强公式求出车对地面的压力，再根据水平面上物体的压力和自身的重力相等求出车上乘客的总重力；
|（2）分析图线得出该轿车25min内的运动情况；
|（3）由图象可知，轿车匀速行驶时的速度，根据v=求出行驶1.8km的时间，根据P=求出该轿车做的功；
|（4）根据乙醇燃烧产物的性质去分析解答．
|解：（1）根据p=可得，车对地面的压力：
|F=pS=2.24×105Pa×0.08m2=1.792×104N，
|因水平面上物体的压力和自身的重力相等，
|所以，车上乘客的总重力：
|G人=G﹣G车=F﹣m车g=1.792×104N﹣1.5×103kg×10N/kg=2.92×103N；
|（2）由图象可知，0～12min该轿车的速度逐渐增大，做的是加速运动，
|12～25min该轿车行驶的速度不变，做的是匀速直线运动；
|（3）由图象可知，轿车匀速行驶时的速度v=30m/s，
|由v=可得，轿车匀速行驶1.8km的时间：
|t===60s，
|由P=可得，该轿车做的功：
|W=Pt=60×103W×60s=3.6×106J；
|（4）①能减少有害气体的排放量；
|②酒精是可再生能源，可节约不可再生能源；
|③酒精可以从农作物中酿造，促进了农业生产，等等．
|答：（1）车上乘客的总重力是2.92×103N；
|（2）0～12min该轿车做加速运动，12～25min该轿车做匀速直线运动；
|（3）该轿车做的功为3.6×106J；
|（4）①能减少有害气体的排放量；
|②酒精是可再生能源，可节约不可再生能源，等等．
|本题通过生活中一个具体实例，考查了多方面的物理知识，要求学生对所学的知识熟练掌握并能学以致用，关键是由图象得出轿车|
|匀速行驶时速度．
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